（2013?静安区一模）在如图所示的电路中，电源电压为12伏且保持不变，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2 （2014?静安区一模）在如图所示的电路中，电源电压保持不变...
∴根据欧姆定律可得，电阻R1两端的电压：
U1=I1R1=0.3A×10Ω=3V；
②∵串联电路中总电压等于各分电压之和，
∴滑动变阻器两端的电压：
U2=U-U1=12V-3V=9V；
③定值电阻阻值为R，滑动变阻器最大阻值为10R时，电路电流变化最大，定值电阻两端的电压变化最大，
滑动变阻器接入电路阻值为零时，定值电阻两端的电压最大为UR=12V，
滑动变阻器接入电路阻值为最大阻值时，定值电阻两端的电压最小，
此时电路中的电流：
I′=
| U |
| R+10R |
| 12V |
| 11R |
定值电阻两端的电压：
UR′=I′R=
| 12V |
| 11R |
定值电阻两端的电压变化量：
△U=U-U′=12V-1.1V=10.9V．
答：①电阻R1两端的电压为3V；
②此时变阻器R2两端的电压为9V；
③R；10R；10.9V．
（2012?闸北区一模）在图（a）所示的电路中，电源电压为12伏且不变．电阻R1的阻值为30欧，滑动变阻器R2上~
①流过电阻R1的电流I1=U1R1=UR1=12V30Ω=0.4A；答：通过电阻R1的电流是0.4A．②变阻器R2消耗的最大功率P2最大=U2I2最大=UI2最大=12V×1A=12W；答：变阻器R2消耗的最大功率是12W．③Ⅰ选用阻值为10欧的定值电阻，则I1=UR=12V10Ω=1.2A，当I2=0.3A，A1应取0～3安量程，A2应取0～0.6安量程，两电表指针偏转角度相等，能满足题目要求．Ⅱ由于I1′＞I2′，所以当电流表A1与A2的指针偏离零刻度线的角度恰好相同时，A1应取0～3安量程，A2应取0～0.6安量程；I1最大=I最大-I2最大=3A-0.6A=2.4A，R1最小=UI1最大=12V2.4A=5Ω；I2最小=UR2最大=12V50Ω=0.24A；I最小=5I2最小=5×0.24A=1.2A；I1最小=I最小-I2最小=1.2A-0.24A=0.96A；R1最大=UI1最小=12V0.96A=12.5Ω．答：Ⅰ能；Ⅱ定值电阻的阻值范围是5Ω≤R≤12.5Ω．
①若电阻R1出现了断路故障，电键S断开时，电压表测量电源电压，即电压表示数等于电源电压；而电路发生断路，故电流表A1、A2均无示数；电键S闭合后，电压表直接连接在电源两端，即电压表测量电源电压，电流表A1因电键S闭合被短路，故电流表A1无示数；因电压表相当于开路，故电流表A2无示数；②若电阻R2出现了断路故障，电键S断开时，电压表的正负接线柱不能与电源两极相连，电压表示数为零；因电路为断路，故电流表A1、A2均无示数；当电键S闭合后，电路为R1的基本电路，电流表A1因电键S闭合被短路，故电流表A1无示数；电压表测量电阻R1两端的电压，即为电源电压；电流表A2测量通过电阻R1的电流．由此分析可知：电压表V示数不变或变大；电流表A1的示数始终为零；电流表A2的示数不变或变大．故选B．
(2013?静安区一模)在如图所示的电路中,电源电压为12伏且保持不变,电阻...
答：②此时变阻器R2两端的电压为9V；③R；10R；10.9V．
(2013?静安区一模)如图,在斜面顶端先后水平抛出同一小球,第一次小球落...
答：在斜面顶端先后水平抛出同一小球，第一次小球落到斜面中点，第二次小球落到斜面底端．所以两次竖直方向下落的高度之比为：1：2；根据t=2hg可知，则两次小球运动时间之比t1：t2=1：2因为水平位移之比是1：2，则水平速度之比为1：2设落地时速度与水平方向的夹角为θ，则落地时有：v=v0cosθ所以落...
(2013?静安区一模)如图所示,两个均匀的实心正方体甲和乙放置在水平地面...
答：因此甲减小的面积大于乙减小的面积，物体对地面的压力不变，面积减小越多，压强增加越大，故p甲大于p乙，答：①甲的密度ρ为5×103kg/m3．②甲对水平地面的压力F为49N；压强p为4900Pa．③大于．
(2013?静安区一模)如图所示,两同心圆环A、B置于同一水平面上,其中A为...
答：A 若A匀速转动，相当于产生了一不变的环形电流，B中的磁通量不发生变化，不产生感应电流．故A错误B 若A加速转动，则相当于电流增大，B中的磁通量增加，但因所带的电量的正负不知，不能确定A中的电流的方向，故不知磁场的方向，则不能由安培定则得B中会产生感觉应电流的方向．故B错误C 因减速...
(2013?静安区一模)如图所示,电荷q射入一固定的点电荷Q的电场中,仅受电...
答：故A错误．B、轨迹弯曲大致指向合力的方向，知电荷所受的电场力背离点电荷，可知电场力先做负功后做正功．故B错误．C、从a到b，电场力做正功，根据动能定理知，b点的动能大于a点的动能．故C正确．D、从a到b，电场力做正功，电势能减小，所以a点的电势能大于b点的电势能．故D错误．故选C．
(2013?静安区一模)如图所示,一通电长直导线和一矩形导线框固定在同一平...
答：为阻碍磁通量的减小，线框受到的合力水平向右，当电流向上时，为阻碍磁通量的增加，线框受到的合力水平向左，符合题意，故B正确；C、图示电流使线框中的感应电流沿逆时针方向，故C错误；D、图示电流使线框中产生的感应电流沿顺时针方向，线框所受的力始终向右，故D错误；故选B．
(2013?静安区一模)如图所示,两端封闭的均匀玻璃管竖直放置,管中间有...
答：下面部分体积变大，则说明水银柱发生了向上运动，则其受力出现了不平衡．若气体温度变化则压强变化，其变化量为△p＝p1T1△t，若升温则增加，若降温则减小，两部分气体的温度变化量相同，则压强的变化量大小决定于P1T1，因下端气体的压强大于上端气体的压强，温度相同，则得下端部分的压强变化量大于上端...
(2013?静安区一模)如图所示,一均匀带正电的无限长细直棒水平放置,带电...
答：mg＝0解得T＝13mg（2）设A球下落到距直棒为r时速度最大，此时加速度为零，合力为零．由平衡条件：kqr?mg＝0由（1）中解得：k＝2amg3q解得：r＝23a由动能定理：WG+WE＝12mv2m?0解得WE＝12mv2m?13mga（3）剪断细线后，B小球做先上后下的往复运动（振动）．在上升过程中，电势能逐渐...
(2013?静安区一模)如图,水平轨道上有一楔形物块a,其斜面上有一小物块b...
答：解：在光滑段运动时，物块a及物块b均处于平衡状态，对a、b整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡；对b受力分析，如上图，受重力、支持力、绳子的拉力，根据共点力平衡条件，有Fcosθ-F Nsinθ=0…①Fsinθ+F Ncosθ-mg=0…②由①②两式解得：F=mgsinθ，FN=mgcosθ；当它们刚运行至...
(2013?静安区一模)如图,均匀磁场中有一由半圆弧及其直径构成的导线框...
答：从静止开始绕过圆心O以角速度ω匀速转动时，线框中产生的感应电动势大小为E=12B0L2ω=12B0(d2)2ω，感应电流为I=ER=B0d2ω8R．根据法拉第定律得E=△B△t?12?14πd2，联立得 △B△t=ωB0π．故答案为：B0d2ω8R，ωB0π．
