(本小题满分12分)已知数列{an}的各项均为正数,Sn为其前n项和;且Sn =" 2" an -2(n∈N*);(1)求 已知数列{an}的各项均为正数,其前n项和为Sn且满足a1=...
(1)因为Sn=2an-2(n∈N*),所以Sn-1=2an-1-2(n≥2,n∈N*)。 二式相减得:an="2" an-2an-1(n≥2,n∈N*), 因为an≠0,所以=2(n≥2,n∈N*), 即数列{ an}是等比数列, 又因为a1=S1,所以a1="2" a1-2,即a1=2,所以an=2n(n∈N*)(4分) (2)证明:对于任意的正整数n,总有bn==, 所以当n≥2时,Tn=++……+≤1+++……+=1+1-+-+……+-=2-<2; 当n= 1时,T1=1<2仍成立; 所以,对于任意的正整数n,总有Tn <2。(8分) (3)解:由(cn)n+1=an+1=n+1(n∈N*) 知:lncn=。令f(x)=, 则f′(x)=,因为在区间(0,e)上,f′(x)>0,在区间(e,+∞)上,f′(x)<0, 所以在区间(e,+∞)上f(x)为单调递减函数,所以n≥3且n∈N*时,{lncn}是递减数列, 又lnc1< lnc2 lnc3< lnc2, 所以,数列{lncn}中的最大项为lnc2=ln3,所以{cn}中的最大项为c2=。(12分) 已知数列{an}的各项均为正数,Sn为其前n项和,对于任意n∈N*,满足关系Sn=2an-2.(Ⅰ)求数列{an}的通项~ 解答:(Ⅰ)解:∵Sn=2an-2(n∈N*),①∴Sn-1=2an-1-2(n≥2,n∈N*)②(1分)①-②,得an=2an-2an-1.(n≥2,n∈N*)∵an≠0,∴anan?1=2.(n≥2,n∈N*)即数列{an}是等比数列.(3分)∵a1=S1,∴a1=2a1-2,即a1=2.∴an=2n.(n∈N*)(5分)(Ⅱ)证明:∵对任意正整数n,总有bn=1(log2an)2=1n2.(6分)∴Tn=112+122+…+1n2≤1+11?2+12?3+…+1(n?1)n=1+1?12+12?13+…+1n?1?1n<2(9分)(Ⅲ)解:由(cn)n+1=n+12n+1an+1(n∈N*)知lncn=ln(n?1)n+1令f(x)=lnxx,则f′(x)=1x?x?1nxx2=1?lnxx2.∵在区间(0,e)上,f'(x)>0,在区间(e,+∞)上,f'(x)<0.在区间(e,+∞)上f(x)为单调递减函数.(12分)∴n≥2且n∈N*时,|lncn|是递减数列.又lnc1<lnc2,∴数列|lncn|中的最大项为lnc2=13ln3.(14分) 1、s2=a1+a2,s1=a1 (本题满分12分)已知数列{a n }的前n项和为S n ,且a n = (3n+S n... (本题满分12分)已知等比数列{a n }满足a 1 +a 6 =11,且a 3 a 4 =... (本小题满分12分)已知单调递增的等比数 列{a n }满足:a 2 +a 3 +a... (本题满分12分) 已知数列{a n }的前项和为S n ,且满足a 1 =1,2S... (本题满分12分)已知各项均为正数的数列{a n }满足2a 2 n+1 +3a n+... (本小题满分12分)已知数列{ }满足 = , 是{ }的前 项的和, . (1)求... (本题满分12分)已知等差数列{ a n }的公差大于0,且 是方程 的两根,数 ... (本小题满分12 分)已知{ }是整数组成的数列,a 1 = 1,且点 在函数 的图... (本题满分12分)数列{a n }是等差数列, , , ,其中 ,数列{a n }前n... (本小题共12分)已知由正数组成的数列{ a n }的前 n 项和为 S n =... |